[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案正在持续更新，目前2026金太阳答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

2.C【解析】以物体与车厢组成的系统为研x2,则Mx1=1x2,x1十x2=L,解得x1=mzz=m啡十mZz'、mz2=究对象，以向右为正方向，由动量守恒定律可得mo-(M十m),最终车厢的速度o,D项正确。2m仰卿2十之m'2,可得z'=M件m·方向与速度w的方向相同，水向8.AC【解析】如果△p=一3kg·m/s、△pB-3kg·m/s,遵守动量守恒定律；碰后mZ+m甲2=mz2m甲吃，因为乙小m乙一里2mz右，C项正确。两球的动量分别为pA'=A十△pA球的质量小于被碰小球甲的质量，故两小球3.B【解析】P对Q有弹力的作用，并且在9kg·m/s、pB=pB十△pB=16kg·m/s,碰后速度方向一定不相同，D项错误。力的方向上有位移，在运动中，P会向左移可知碰撞后A的动能减小，B的动能增大，动，P对Q的弹力方向垂直于接触面，与Q有可能能量守恒，是可能的，A项正确。如果专项突破4“碰撞类”模型问题前后移动连线的位移夹角大于90°，所以P△pA=4kg·m/s、△pB=-一4kg·m/s,遵1.D【解析】设滑块甲从圆弧上高度为h处对Q做功不为零，A项错误；因为P、Q之间守动量守恒定律；A球的动能增加，B球的动由静止滑到底端时，滑块甲的速度为1，圆的力属于系统内力，并且等大反向，两者在力能减小，不符合实际的运动情况，不可能，B项弧形斜面的速度为，取向右为正方向，此的方向上发牛的位移相等，所以做功之和为错误。如果△pA=一5kg·tm/s、△pB=过程中系统在水方向上动量守恒，有2m%零，B项正确；因为系统只有系统内力和重力5kg·m/s,遵守动量守恒定律；碰后两球的作用，所以该P、Q组成的系统机械能守恒，=0,由机械能守恒可得mgh=号>动量分别为pA'-pA+△pA-7kg·m/s、系统水方向上不受外力的作用，水方向pB'=pB十△pB=18kg·m/s,可知碰撞后上动量守恒，但是在竖直方向上Q有加速2mw+2，联立解得-一√受，A的动能减小，B的动能增大，有可能能量守度，即竖直方向上不守恒，C、D两项错误。恒，是可能的，C项正确。如果△pA一-2√停，负号表示圆弧形斜面的速度方向1.C【解析】以两球组成的系统为研究对一24kg·m/s,△pB-24kg·m/s,遵守动象，以A球的初速度方向为正方向，如果碰向左，滑块甲和滑块乙发生弹性碰撞，根据动量守恒定律；碰后两球的动量分别为A'=撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得0一心量守恒定律有1=m1'+3mu2,根据机械pA十△pA=-12kg·m/s、pB'=pB十△pB+2mo8,由机被能守恒定律得号m2=37kg·m/s,可知碰撞后A的动能不变能守恒定律有合mm号m+×B的动能增大，违反了能量守恒定律，是不可合mun2十×2mn2,解得1=13m22,联立解得)=能的，)项错误。-3,负号表示碰撞片A球反向弹间。如29.(1)1.5m/s1.5m/s(2)15个负号表示滑块甲的速度方向向左，由此可知【解析】两车刚好不相撞的条件是某次甲抛三者不会发生二次碰撞，最终速度大小相等果碰撞为完全非弹性碰撞，以A球的初速度出球后的速度与乙接住该球后的速度相等。D项正确。方向为正方向，由动量守恒定律得m心=(m无论是甲抛球的过程，乙接球的过程，还是整2.(1)2m/s(2)3m/s1m/s十2m)B,解得B=号，则碰撞后B球的速个过程，系统动量均守恒。【解析】(1)弹簧恢复原长时弹簧的弹性势(1)甲、乙两小孩及两车组成的系统总动量守能转化为滑块B的动能，设滑块B的速度为度范围是了K心<号，则碰后B球的速恒，沿A车的运动方向，甲不断抛球、乙接球,由能量守恒定律得E,=之mv,2度大小可能是0.50，C项正确：后，当甲和A车与乙和B车具有共同速度代人数据解得o=3m/s5.AC【解析】由水方向动量守恒可知在大时，可保证刚好不碰撞，设共同速度为，则B、C碰撞过程系统动量守恒，设碰撞后瞬间锤连续敲打的过程中，车会往复运动，A项正M1-M20=(M1+M2)vBC整体的速度为，以向右为正方向，由动确；人、锤和车组成的系统，只在水方向上所量守恒定律得mBvo-(nB十mc)o受的外力之和为零，水方向上动量守恒，B项额十说w器×6m-15v代人数据解得v=2m/s。错误；锤从刚离开车的左端至运动到最高点的(2)整个过程巾乙小孩及B车的动量变化(2)B、C碰撞后A、B、C组成的系统动量守过程中，锤的水动量方向先向左再向右，则车△p=[30×6-30×(-1.5)]kg·m/s=恒、机械能守恒，设弹簧第二次恢复原长时，的动量方向先向右再向左，大小先增大后减小，225kg·m/sA的速度为A,B整体的速度为C,以向C项正确；锤从刚接触车的左端至锤的速度减整个过程中每个小球的均动量变化右为止方向，从B、C碰撞后到弹簧第二次恢小至零的过程中，车具有水向左的动量，车的△p=(16.5×1-1.5×1)kg·m/s=l5kg·m/s复原长过程，由动量守恒定律得(B十mc)u动量减小至零，)项错误。故小球个数=兰一答（个）=15（个）.-AA+(nB十mc)p6.D【解析】由于一块碎片先沿竖直方向落10.BC【解析】由图像可知，甲是被碰小球。至地面，这个碎片的速度方向应竖直向下，根由机械能守恒定律得2(mB十mc)2=根据动量守恒定律可知，mz忆=m甲甲十据动量守恒，另两块碎片的动量合成后应竖mz1,其中Z=1m/s,呷=2m/s,z1=乞mAoA2+2(mB十c)2直向上，D项正确。7.D【解析】当滑块B相对于斜面体加速下2m/s,代入可解得乙=1kg。乙小球碰代人数据解得oA=3m/s,vx=1m/s。3.(1)3g(2)L(3)见解析滑时，斜面体A水向左加速运动，所以滑撞过程的动量变化量△p=mzZ1一mzwz=一6kg·m/s,A项错误。根据动量守恒【解析】(1)设小球运动到最低点的速率为块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面o,小球向下摆动过程，由动能定理有gL方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再为定律可知，甲小球的动量变化量与乙小球的零，所以斜面体对滑块的支持力FN不等于动量变化量等大、反向，而且据动量定理可ngcos a,A项错误；滑块B下滑过程中支持得I=△p,可知甲小球碰撞过程中受到的冲量为6kg·m/s,B项正确。计算碰前动得0=√/2gL力对B的冲量大小为Fxt,B项错误；由于滑小球在圆周最低点时细线拉力最大，由牛顿块B有竖直方向的分加速度，所以系统竖直能为号mzz,碰后动能为m7Z2十第二定律得方向合外力不为零，系统的动量不守恒，C项错误；系统水方向不受外力，水方向动量之mm2,均为8J,属于弹性碰撞，C项正F一mg=m咒守恒，设A、B两者水位移大小分别为x1、确。由动量守恒定律及能量守恒定律得解得FT=3mg·54·23XKA(新)·物理一D版-XJC